作者：UIleader | 来源：互联网 | 2023-01-29 07:18
现在有一个问题，已知二叉树的前序遍历和中序遍历：PreOrder:GDAFEMHZInOrder:ADEFGHMZ我们如何还原这颗二叉树，并求出他的后序遍历？我们基于一个事实：中序
现在有一个问题，已知二叉树的前序遍历和中序遍历：
PreOrder: GDAFEMHZ
InOrder: ADEFGHMZ
我们如何还原这颗二叉树，并求出他的后序遍历？
我们基于一个事实：中序遍历一定是 { 左子树中的节点集合 }，root，{ 右子树中的节点集合 }，前序遍历的作用就是找到每颗子树的root位置。
算法1
输入：前序遍历，中序遍历
1、寻找树的root，前序遍历的第一节点G就是root。
2、观察前序遍历GDAFEMHZ，知道了G是root，剩下的节点必然在root的左或右子树中的节点。
3、观察中序遍历ADEFGHMZ。其中root节点G左侧的ADEF必然是root的左子树中的节点，G右侧的HMZ必然是root的右子树中的节点，root不在中序遍历的末尾或开始就说明根节点的两颗子树都不为空。
4、观察左子树ADEF，按照前序遍历的顺序来排序为DAFE，因此左子树的根节点为D，并且A是左子树的左子树中的节点，EF是左子树的右子树中的节点。
5、同样的道理，观察右子树节点HMZ，前序为MHZ，因此右子树的根节点为M，左子节点H，右子节点Z。
观察发现，上面的过程是递归的。先找到当前树的根节点，然后划分为左子树，右子树，然后进入左子树重复上面的过程，然后进入右子树重复上面的过程。最后就可以还原一棵树了：
从而得到PostOrder: AEFDHZMG
改进：
更进一步说，其实，如果仅仅要求写后续遍历，甚至不要专门占用空间保存还原后的树。只需要用一个数组保存将要得到的后序，就能实现：
算法2
输入：一个保存后序的数组，前序遍历，中序遍历
1、确定根,放在数组末尾
2、确定左子树的索引范围，放在数组中相同索引的位置。
3、确定右子树索引范围，放在数组中对应索引的位置，刚好能放下。
4、用左子树的前序遍历和中序遍历，把后序遍历保存在对应索引的位置
5、用左子树的前序遍历和中序遍历，把后序遍历保存在对应索引的位置
引申问题
同样我们可以用中序遍历和后序遍历还原这颗树。
然而，如果是前序遍历和后序遍历，就不能够还原这棵树了，因为无法找到中间点，注意下面这两种情况：
两棵树的前序是相同的，两棵树的后序也是相同的。换句话说，如果有一颗子树，它的根节点的一个子树是空树，那么就无法判定那一个子树是空树。
上算法1和算法2的代码：
//算法1
#include
#include
#include <string>
struct TreeNode
{
struct TreeNode* left;
struct TreeNode* right;
char elem;
};
TreeNode* BinaryTreeFromOrderings(char* inorder, char* preorder, int length)
{
if(length == 0)
{
return NULL;
}
TreeNode* node = new TreeNode;
node->elem = *preorder;
int rootIndex = 0;
for(;rootIndex {
if(inorder[rootIndex] == *preorder)
break;
}
node->left = BinaryTreeFromOrderings(inorder, preorder +1, rootIndex);
node->right = BinaryTreeFromOrderings(inorder + rootIndex + 1, preorder + rootIndex + 1, length - (rootIndex + 1));
std::cout<elem<<std::endl;
free(node);
return NULL;
}
int main(int argc, char** argv){
char* pr="GDAFEMHZ";
char* in="ADEFGHMZ"; BinaryTreeFromOrderings(in, pr, 8); printf("\n"); return 0;}
题目只要求输出后续遍历，可以直接把当前节点的value保存在一个char中。
#include
#include
#include
using namespace std;
struct TreeNode
{
struct TreeNode* left;
struct TreeNode* right;
char elem;
};
void BinaryTreeFromOrderings(char* inorder, char* preorder, int length)
{
if(length == 0)
{
//cout<<"invalid length";
return;
}
char node_value = *preorder;
int rootIndex = 0;
for(;rootIndex )
{
if(inorder[rootIndex] == *preorder)
break;
}
//Left
BinaryTreeFromOrderings(inorder, preorder +1, rootIndex);
//Right
BinaryTreeFromOrderings(inorder + rootIndex + 1, preorder + rootIndex + 1, length - (rootIndex + 1));
cout<endl;
return;
}
int main(int argc, char* argv[])
{
printf("Hello World!\n");
char* pr="GDAFEMHZ";
char* in="ADEFGHMZ";
BinaryTreeFromOrderings(in, pr, 8);
printf("\n");
return 0;
}
根据二叉树的中序遍历和前序遍历，还原二叉树
京公网安备 11010802041100号